今年高考数学考抛物线大题，抛物线高考题经典练习

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福建高考数学抛物线专项练习题及答案

　　抛物线福建高考数学的重要题型，今天，小编为大家整理了福建高考数学抛物线专项练习题及答案。

　　福建高考数学抛物线专项练习题

　　1.已知抛物线x2=ay的焦点恰好为双曲线y2-x2=2的上焦点,则a=(　　)

　　A.1 B.4 C.8 D.16

　　2.(2014辽宁,文8)已知点A(-2,3)在抛物线C:y2=2px的准线上,记C的焦点为F,则直线AF的斜率为(　　)

　　A.- 3B.-1 C.- 2D.-5

　　3.抛物线y=-4x2上的一点M到焦点的距离为1,则点M的纵坐标是(　　)

　　A.- 1B.- 2C.1 D.2

　　4.(2014福建泉州模拟)抛物线y=x2上一点到直线2x-y-4=0的距离最短的点的坐标是(　　)

　　A. B.(1,1) C. D.(2,4)

　　5.已知抛物线C:y2=8x的焦点为F,准线与x轴的交点为K,点A在C上,且|AK|=|AF|,则△AFK的面积为(　　)

　　A.4 B.8 C.16 D.32

　　6.以抛物线x2=16y的焦点为圆心,且与抛物线的准线相切的圆的方程为　　　　　.

　　7.已知抛物线x2=2py(p为常数,p≠0)上不同两点A,B的横坐标恰好是关于x的方程x2+6x+4q=0(q为常数)的两个根,则直线AB的方程为　　　　　.

　　8.已知F是抛物线C:y2=4x的焦点,A,B是C上的两个点,线段AB的中点为M(2,2),求△ABF的面积.

　　9.已知一条曲线C在y轴右边,C上每一点到点F(1,0)的距离减去它到y轴距离的差都是1.

　　(1)求曲线C的方程;

　　(2)是否存在正数m,对于过点M(m,0),且与曲线C有两个交点A,B的任一直线,都有<0?若存在,求出m的取值范围;若不存在,请说明理由.

　　能力提升组

　　10.已知抛物线y2=2px,以过焦点的弦为直径的圆与抛物线准线的位置关系是(　　)

　　A.相离 B.相交 C.相切 D.不确定

　　11.设x1,x2R,常数a>0,定义运算“*”,x1*x2=(x1+x2)2-(x1-x2)2,若x≥0,则动点P(x,)的轨迹是(　　)

　　A.圆 B.椭圆的一部分

　　C.双曲线的一部分 D.抛物线的一部分

　　12.已知抛物线C:y2=8x的焦点为F,准线为l,P是l上一点,Q是直线PF与C的一个交点.若=4,则|QF|=(　　)

　　A. 1B.3 C.4 D.2

　　13.过抛物线x2=2py(p>0)的焦点作斜率为1的直线与该抛物线交于A,B两点,A,B在x轴上的正射影分别为D,C.若梯形ABCD的面积为12,则p=　　　　　.

　　14.(2014大纲全国,文22)已知抛物线C:y2=2px(p>0)的焦点为F,直线y=4与y轴的交点为P,与C的交点为Q,且|QF|=|PQ|.

　　(1)求C的方程;

　　(2)过F的直线l与C相交于A,B两点,若AB的垂直平分线l'与C相交于M,N两点,且A,M,B,N四点在同一圆上,求l的方程.

　　15.已知抛物线C:y2=2px(p>0)的焦点为F,A为C上异于原点的任意一点,过点A的直线l交C于另一点B,交x轴的正半轴于点D,且有|FA|=|FD|.当点A的横坐标为3时,△ADF为正三角形.

　　(1)求C的方程;

　　(2)若直线l1l,且l1和C有且只有一个公共点E,

　　①证明直线AE过定点,并求出定点坐标;

　　②△ABE的面积是否存在最小值?若存在,请求出最小值;若不存在,请说明理由.

　　福建高考数学抛物线专项练习题参考答案

　　1.C　解析:根据抛物线方程可得其焦点坐标为,双曲线的上焦点为(0,2),依题意则有=2,解得a=8.

　　2.C　解析:由已知,得准线方程为x=-2,

　　F的坐标为(2,0).

　　又A(-2,3),直线AF的斜率为k==-.故选C.

　　3.B　解析:抛物线方程可化为x2=-,其准线方程为y=.

　　设M(x0,y0),则由抛物线的定义,可知-y0=1⇒y0=-.

　　4.B　解析:设抛物线上任一点为(x,y),

　　则由点到直线的距离得

　　d=

　　=.

　　当x=1时,取得最小值,此时点的坐标为(1,1).

　　5.B　解析:抛物线C:y2=8x的焦点为F(2,0),准线为x=-2,K(-2,0).

　　设A(x0,y0),过点A向准线作垂线AB垂足为B,则B(-2,y0).

　　|AK|=|AF|,

　　又|AF|=|AB|=x0-(-2)=x0+2,

　　由|BK|2=|AK|2-|AB|2,

　　得=(x0+2)2,即8x0=(x0+2)2,

　　解得A(2,±4).

　　故△AFK的面积为|KF|·|y0|

　　=×4×4=8.

　　6.x2+(y-4)2=64　解析:抛物线的焦点为F(0,4),准线为y=-4,

　　则圆心为(0,4),半径r=8.

　　故圆的方程为x2+(y-4)2=64.

　　7.3x+py+2q=0　解析:由题意知,直线AB与x轴不垂直.

　　设直线AB的方程为y=kx+m,与抛物线方程联立,得x2-2pkx-2pm=0,

　　此方程与x2+6x+4q=0同解,

　　则解得

　　故直线AB的方程为y=-x-,

　　即3x+py+2q=0.

　　8.解:由M(2,2)知,线段AB所在的直线的斜率存在,

　　设过点M的直线方程为y-2=k(x-2)(k≠0).

　　由消去y,

　　得k2x2+(-4k2+4k-4)x+4(k-1)2=0.①

　　设A(x1,y1),B(x2,y2),

　　则x1+x2=,

　　x1x2=.

　　由题意知=2,

　　则=4,解得k=1,

　　于是直线方程为y=x,x1x2=0.

　　因为|AB|=|x1-x2|=4,

　　又焦点F(1,0)到直线y=x的距离d=,所以△ABF的面积是×4=2.

　　9.解:(1)设P(x,y)是曲线C上任意一点,

　　则点P(x,y)满足-x=1(x>0),

　　化简得y2=4x(x>0).

　　(2)设过点M(m,0)(m>0)的直线l与曲线C的交点为A(x1,y1),B(x2,y2).

　　设l的方程为x=ty+m.

　　由得y2-4ty-4m=0,

　　Δ=16(t2+m)>0,

　　于是

　　因为=(x1-1,y1),

　　=(x2-1,y2),

　　所以=(x1-1)(x2-1)+y1y2=x1x2-(x1+x2)+y1y2+1.

　　又<0,

　　所以x1x2-(x1+x2)+y1y2+1<0,③

　　因为x=,所以不等式③可变形为

　　+y1y2-+1<0,

　　即+y1y2-[(y1+y2)2-2y1y2]+1<0.④

　　将①②代入④整理得m2-6m+1<4t2.⑤

　　因为对任意实数t,4t2的最小值为0,

　　所以不等式⑤对于一切t成立等价于m2-6m+1<0,

　　即3-20),则FD的中点为.

　　因为|FA|=|FD|,

　　由抛物线的定义知3+,

　　解得t=3+p或t=-3(舍去).

　　由=3,解得p=2.

　　所以抛物线C的方程为y2=4x.

　　(2)①由(1)知F(1,0).

　　设A(x0,y0)(x0y0≠0),D(xD,0)(xD>0),

　　因为|FA|=|FD|,

　　则|xD-1|=x0+1.

　　由xD>0得xD=x0+2,

　　故D(x0+2,0).

　　故直线AB的斜率kAB=-.

　　因为直线l1和直线AB平行,设直线l1的方程为y=-x+b,

　　代入抛物线方程得y2+y-=0,

　　由题意Δ==0,

　　得b=-.

　　设E(xE,yE),

　　则yE=-,xE=.

　　当≠4时,kAE==-,

　　可得直线AE的方程为y-y0=(x-x0),

　　由=4x0,整理可得y=(x-1),

　　直线AE恒过点F(1,0).

　　当=4时,直线AE的方程为x=1,过点F(1,0).

　　所以直线AE过定点F(1,0).

　　②由①知直线AE过焦点F(1,0),

　　所以|AE|=|AF|+|FE|=(x0+1)+=x0++2.

　　设直线AE的方程为x=my+1,

　　因为点A(x0,y0)在直线AE上,

　　故m=.

　　设B(x1,y1),

　　直线AB的方程为y-y0=-(x-x0),由于y0≠0,

　　可得x=-y+2+x0,

　　代入抛物线方程得y2+y-8-4x0=0.

　　所以y0+y1=-,

　　可求得y1=-y0-,

　　x1=+x0+4.

　　所以点B到直线AE的距离为

　　d=

　　==4.

　　则△ABE的面积S=×4≥16,

　　当且仅当=x0,即x0=1时等号成立.

　　所以△ABE的面积的最小值为16.

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